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Author: robot

problems/1526.minimum-number-of-increments-on-subarrays-to-form-a-target-array.md

@@ -49,81 +49,81 @@ https://leetcode-cn.com/problems/minimum-number-of-increments-on-subarrays-to-fo
 
 ## 前置知识
 
-- 差分与前缀和
+- 
 
 ## 公司
 
 - 暂无
 
 ## 思路
 
-首先我们要有前缀和以及差分的知识。这里简单讲述一下：
 
-- 前缀和 pres：对于一个数组 A [1,2,3,4]，它的前缀和就是 [1,1+2,1+2+3,1+2+3+4]，也就是 [1,3,6,10]，也就是说前缀和 $pres[i] =\sum_{n=0}^{n=i}A[i]$
-- 差分数组 d：对于一个数组 A [1,2,3,4]，它的差分数组就是 [1,2-1,3-2,4-3]，也就是 [1,1,1,1]，也就是说差分数组 $d[i] = A[i] - A[i-1](i > 0)$，$d[i] = A[i](i == 0)$
+这道题是要我们将一个全为 0 的数组修改为 nums 数组。我们不妨反着思考，将 nums 改为一个长度相同且全为 0 的数组， 这是等价的。（不这么思考问题也不大，只不过会稍微方便一点罢了）
 
-前缀和与差分数组互为逆运算。如何理解呢？这里的原因在于你对 A 的差分数组 d 求前缀和就是数组 A。前缀和对于求区间和有重大意义。而差分数组通常用于**先对数组的若干区间执行若干次增加或者减少操作**。仔细看这道题不就是**对数组若干区间执行 n 次增加操作**，让你返回从一个数组到另外一个数组的最少操作次数么？差分数组对两个数字的操作等价于原始数组区间操作，这样时间复杂度大大降低 O(N) -> O(1)。
+而我们可以进行的操作是选择一个**子数组**，将子数组中的每个元素减去 1（题目是加 1， 但是我们是反着思考，那么就是减去 1）。
 
-题目要求**返回从 initial  得到   target  的最少操作次数**。这道题我们可以逆向思考**返回从 target  得到  initial   的最少操作次数**。
+考虑 nums[0]：
 
-这有什么区别么？对问题求解有什么帮助？由于  initial 是全为 0 的数组，如果将其作为最终搜索状态则不需要对状态进行额外的判断。这句话可能比较难以理解，我举个例子你就懂了。比如我不反向思考，那么初始状态就是 initial ，最终搜索状态自然是 target ，假如我们现在搜索到一个状态 state.我们需要**逐个判断 state[i] 是否等于 target[i]**，如果全部都相等则说明搜索到了 target ，否则没有搜索到，我们继续搜索。而如果我们从 target  开始搜，最终状态就是  initial，我们只需要判断每一位是否都是 0 就好了。 这算是搜索问题的常用套路。
+- 其如果是 0，我们没有必要对其进行修改。
+- 如果 nums[0] > 0，我们需要进行 nums[i] 次操作将其变为 0
 
-上面讲到了对差分数组求前缀和可以还原原数组，这是差分数组的性质决定的。这里还有一个特点是**如果差分数组是全 0 数组，比如[0, 0, 0, 0]，那么原数组也是[0, 0, 0, 0]**。因此将 target 的差分数组 d 变更为 全为 0 的数组就等价于 target 变更为 initaial。
+由于每次操作都可以选择一个子数组，而不是一个数。考虑这次修改的区间为 [l, r]，这里 l 自然就是 0，那么 r 取多少可以使得结果最佳呢？
 
-如何将 target 变更为 initaial？
+> 我们用 [l, r] 来描述一次操作将 nums[l...r]（l和r都包含） 的元素减去 1 的操作。
 
-由于我们是反向操作，也就是说我们可执行的操作是 **-1**，反映在差分数组上就是在 d 的左端点 -1，右端点（可选）+1。如果没有对应的右端点+1 也是可以的。这相当于给原始数组的 [i,n-1] +1，其中 n 为 A 的长度。
+这实际上取决于 nums[1], nums[2] 的取值。
 
-如下是一种将 [3, -2, 0, 1] 变更为 [0, 0, 0, 0] 的可能序列。
+- 如果 nums[1] > 0，那么我们需要对 nums[1] 进行 nums[1] 次操作。（这个操作可能是 l 为 1 的，也可能是 r > 1 的）
+- 如果 nums[1] == 0，那么我们不需要对 nums[1] 进行操作。
 
-```
-[3, -2, 0, 1] -> [**2**, **-1**, 0, 1] -> [**1**, **0**, 0, 1] -> [**0**, 0, 0, 1] -> [0, 0, 0, **0**]
-```
+我们的目的就是减少操作数，因此我们可以贪心地求最少操作数。具体为：
 
-可以看出，上面需要进行四次区间操作，因此我们需要返回 4。
+1. 找到第一个满足 nums[i] != 0 的位置 i
+2. 先将操作的左端点固定为 i，然后选择右端点 r。对于端点 r，我们需要**先**操作 k 次操作，其中 k 为 min(nums[r], nums[r - 1], ..., nums[i]) 。最小值可以在遍历的同时求出来。
+3. 此时 nums[i] 变为了 nums[i] - k， nums[i + 1] 变为了 nums[i + 1] - k，...，nums[r] 变为了 nums[r] - k。**由于最小值 k 为0零，会导致我们白白计算一圈，没有意义，因此我们只能延伸到不为 0 的点**
+4. 答案加 k，我们继续使用同样的方法确定右端点 r。
+5. i = i + 1，重复 2-4 步骤。
 
-至此，我们的算法就比较明了了。
+总的思路就是先选最左边不为 0 的位置为左端点，然后**尽可能延伸右端点**，每次确定右端点的时候，我们需要找到 nums[i...r] 的最小值，然后将 nums[i...r] 减去这个最小值。这里的”尽可能延伸“就是没有遇到 num[j] == 0 的点。
 
-具体算法：
+这种做法的时间复杂度为 $O(n^2)$。而数据范围为 $10^5$，因此这种做法是不可以接受的。
 
-- 对 A 计算差分数组 d
-- 遍历差分数组 d，对 d 中 大于 0 的求和。该和就是答案。
+> 不懂为什么不可以接受，可以看下我的这篇文章：https://lucifer.ren/blog/2020/12/21/shuati-silu3/
 
-```py
-class Solution:
-    def minNumberOperations(self, A: List[int]) -> int:
-        d = [A[0]]
-        ans = 0
-
-        for i in range(1, len(A)):
-            d.append(A[i] - A[i-1])
-        for a in d:
-            ans += max(0, a)
-        return ans
-```
+我们接下来考虑如何优化。
 
-**复杂度分析** 令 N 为数组长度。
+对于 nums[i] > 0，我们确定了左端点为 i 后，我们需要确定具体右端点 r 只是为了更新 nums[i...r] 的值。而更新这个值的目的就是想知道它们还需要几次操作。我们考虑如何将这个过程优化。
 
-- 时间复杂度：$O(N)$
-- 空间复杂度：$O(N)$
+考虑 nums[i+1] 和 nums[i] 的关系：
+
+- 如果 nums[i+1] > nums[i]，那么我们还需要对 nums[i+1] 进行 nums[i+1] - nums[i] 次操作。
+- 如果 nums[i+1] <= nums[i]，那么我们不需要对 nums[i+1] 进行操作。
+
+如果我们可以把 [i,r]的操作信息从 i 更新到 i + 1 的位置，那是不是说后面的数只需要看前面相邻的数就行了？
+
+我们可以想象 nums[i+1] 就是一片木桶。
 
-实际上，我们没有必要真实地计算差分数组 d，而是边遍历边求，也不需要对 d 进行存储。具体见下方代码区。
+- 如果 nums[i+1] 比 nums[i+2] 低，那么通过操作 [i,r] 其实也只能过来 nums[i+1] 这么多水。因此这个操作是从[i,r]还是[i+1,r]过来都无所谓。因为至少可以从左侧过来 nums[i+1] 的水。
+- 如果 nums[i+1] 比 nums[i+2] 高，那么我们也不必关心这个操作是 [i,r] 还是 [i+1,r]。因为既然 nums[i+1] 都已经变为 0 了，那么必然可以顺便把我搞定。
+
+也就是说可以只考虑相邻两个数的关系，而不必考虑更远的数。而考虑的关键就是 nums[i] 能够从左侧的操作获得多少顺便操作的次数 m，nums[i] - m 就是我们需要额为的次数。我们不关心 m 个操作具体是左边哪一个操作带来的，因为题目只是让你求一个次数，而不是具体的操作序列。
 
 ## 关键点
 
 - 逆向思考
-- 使用差分减少时间复杂度
+- 考虑修改的左右端点
 
 ## 代码
 
 代码支持：Python3
 
 ```python
 class Solution:
-    def minNumberOperations(self, A: List[int]) -> int:
-        ans = A[0]
-        for i in range(1, len(A)):
-            ans += max(0, A[i] - A[i-1])
+    def minNumberOperations(self, nums: List[int]) -> int:
+        ans = abs(nums[0])
+        for i in range(1, len(nums)):
+            if abs(nums[i]) > abs(nums[i - 1]): # 这种情况，说明前面不能顺便把我改了，还需要我操作 k 次
+                ans += abs(nums[i]) - abs(nums[i - 1])
         return ans
 ```
 
@@ -132,6 +132,10 @@ class Solution:
 - 时间复杂度：$O(N)$
 - 空间复杂度：$O(1)$
 
+## 相似题目
+
+- [3229. 使数组等于目标数组所需的最少操作次数](./3229.minimum-operations-to-make-array-equal-to-target.md)
+
 ## 扩展
 
 如果题目改为：给你一个数组 nums，以及 size 和 K。 其中 size 指的是你不能对区间大小为 size 的子数组执行+1 操作，而不是上面题目的**任意**子数组。K 指的是你只能进行 K 次 +1 操作，而不是上面题目的任意次。题目让你求的是**经过这样的 k 次+1 操作，数组 nums 的最小值最大可以达到多少**。